Análise real/Naturais

Axioma da Indução[editar | editar código-fonte]

Ao querermos provar alguma sentença matemática P(n), se é verdadeira, tendo seus elementos nos naturais, usamos a indução, onde:

Provamos que a propriedade é válida para n = 1.
Supomos válida para n = k e mostramos ser válida para n = k+1, usando a equação advinda da propriedade ser válida em n = k.

Um número Natural[editar | editar código-fonte]

Definição de um número natural: $n={\begin{matrix}\underbrace {1+1+...+1} \\n\;vezes\end{matrix}}$

Adição dos Naturais[editar | editar código-fonte]

Adição[editar | editar código-fonte]

Somar dois números n e p:

$n+p={\begin{matrix}\underbrace {1+1+...+1} \\n\;vezes\end{matrix}}+{\begin{matrix}\underbrace {1+1+...+1} \\p\;vezes\end{matrix}}={\begin{matrix}\underbrace {1+1+...+1} \\n+p\;vezes\end{matrix}}$ .

sucessor de um número natural[editar | editar código-fonte]

Um número natural n tem o seu sucessor como sendo s(n) = n + 1.

propriedade identidade de sucessão[editar | editar código-fonte]

Sejam a,b naturais, assim se a=b então s(a) = s(b)

Vamos fixar a natural e provar por indução sobre b. assim:
- mostrar que é válido para b = 1: a=1, então s(a) = 1+1 e s(1) = 1+1, logo s(a) = s(1)
- supor que seja válido para b = k, ou seja, a=k implica que s(a) = s(k), ou seja, a+1 = k+1.
- Provar que seja válido para b = k+1:
  - $s(a+1)=^{1}(a+1)+1=^{2}(k+1)+1=^{3}s(k+1)$ $s(a+1)=^{1}(a+1)+1=^{2}(k+1)+1=^{3}s(k+1)$
    - onde as igualdades 1 e 3 ocorrem por definição de sucessão e a igualdade 2 ocorre por hipótese de indução.

o sucessor do k-ésimo sucessor[editar | editar código-fonte]

Vamos definir  $s_{k}(s(n))=s_{k+1}(n)$ , para dizer que tínhamos o kº sucessor de n, logo em seguida tomamos o sucessor dele, e assim obtivemos o (K+1)º sucessor de n.

p-sucessor[editar | editar código-fonte]

p-sucessor de n será definido como $s_{p}(n)=n+p$ , onde $p={\begin{matrix}\underbrace {1+1+...+1} \\p\;vezes\end{matrix}}$ .

Exemplos:

$s(n)=n+1,s_{2}(n)=(n+1)+1=n+2,s_{3}(n)=(n+2)+1=n+3,...,\;e\;s_{p}(n)=(n+p-1)+1=n+p.$
Provaremos por indução que essa propriedade é válida.
- Quando p=1, temos que $s_{1}(n)=n+1=s(n)$ .
- Suponhamos ser válida para p = k, ou seja, $s_{k}(n)=n+k$ .
- provaremos que é válida para p=k+1, ou seja, que $s_{k+1}(n)=n+(k+1)$ $s_{k+1}(n)=n+(k+1)$ . Assim:
  - Pela hipótese temos que $s_{k}(n)=n+k$ .
  - Pela identidade da sucessão é implicado que $s(s_{k}(n))=s(n+k)$
  - Pela definição de sucessão ocorre que $s_{k}(n)+1=(n+k)+1$ .
  - Pela definição de sucessão ocorre que $s_{k+1}(n)=n+(k+1)$ .
  - Faltando apenas mostrar o porque que para todo n,k naturais, é válido que $(n+k)+1=n+(k+1)$ .

O sucessor de uma adição n + p[editar | editar código-fonte]

Na última prova é bem aceitável aceitar como verdadeira a igualdade $(n+k)+1=n+(k+1)$ . Ela é dada como válida pois é dada por definição da adição, mas é interessante prová-la por indução.

Assim vamos fazer indução sobre p em $(n+p)+1=n+(p+1)$ .

quando p = 1, temos que $\forall \;n\in \mathbb {N} ,(n+1)+1=n+(1+1)\Rightarrow s(s(n))=n+s(1)=n+2$ .
Supomos verdadeira para p = k, ou seja, $(n+k)+1=n+(k+1),\;ou\;seja,\;s(n+k)=n+s(k)$ .
Queremos provar que é válido para p = k+1, isto é, $(n+(k+1))+1=n+((k+1)+1),\;ou\;seja,\;s(n+s(k))=n+s(s(k))$ $(n+(k+1))+1=n+((k+1)+1),\;ou\;seja,\;s(n+s(k))=n+s(s(k))$
- Por hipótese, $s(n+k)=n+s(k)$ .
- Pela identidade da sucessão temos que $s(n+s(k))=s(s(n+k))$ .
- Mas $s(s(n+k))=(n+k)+2=(n+k)+1+1=n+(k+1)+1=n+s(k)+1=n+s(s(k))$ .

ou

$(n+p)+1={\begin{matrix}\underbrace {1+1+...+1} \\n+p\;vezes\end{matrix}}+1={\begin{matrix}\underbrace {1+1+...+1} \\n+p+1\;vezes\end{matrix}}={\begin{matrix}\underbrace {1+1+...+1} \\n\;vezes\end{matrix}}+{\begin{matrix}\underbrace {1+1+...+1} \\p+1\;vezes\end{matrix}}=n+(p+1)$

Definição do "Axioma da adição":  $(n+p)+1=n+(p+1)$ .

Teorema: Associatividade da adição[editar | editar código-fonte]

$\forall m,n,p\in \mathbb {N} ,m+(n+p)=(m+n)+p$ .

Fixemos m,n naturais. Provaremos que é válido para todo p natural. Fazendo indução sobre p, temos:
- para p = 1, provamos no teorema acima, isto é, que m + (n+1) = (m+n)+1.
- supomos válido para p = k, isto é, $m+(n+k)=(m+n)+k$ .
- Provaremos que é válido para p = k+1, ou seja, $m+(n+(k+1))=(m+n)+(k+1)$ $m+(n+(k+1))=(m+n)+(k+1)$ .
  - Assim, $m+(n+(k+1))=^{1}m+((n+k)+1)=^{2}(m+(n+k))+1=^{3}((m+n)+k)+1=^{4}(m+n)+(k+1)$ $m+(n+(k+1))=^{1}m+((n+k)+1)=^{2}(m+(n+k))+1=^{3}((m+n)+k)+1=^{4}(m+n)+(k+1)$ .
    - onde as igualdades 1, 2 e 4 ocorrem pelo axioma da adição e a 3 pela hipótese.

Axioma: Comuto de m e 1 na adição[editar | editar código-fonte]

Provar por indução que $\forall \;m\in \mathbb {N} ,m+1=1+m$ .

Para m = 1, temos que 1+1=1+1 (verdade)
Supomos válido para m = k, isto é, k+1 = 1+k e provar ser verdadeiro para k+1, ou seja, $(k+1)+1=1+(k+1)$ $(k+1)+1=1+(k+1)$ .
- $(k+1)+1=^{1}(1+k)+1=^{2}1+(k+1)$ $(k+1)+1=^{1}(1+k)+1=^{2}1+(k+1)$
  - onde a igualdade 1 ocorre pela hipótese e a igualdade 2 ocorre pelo axioma da adição.

Comutatividade da adição[editar | editar código-fonte]

$\forall m,n\in \mathbb {N} ,m+n=n+m$ .

Fixemos m natural. Provaremos que é válido para todo n natural. Fazendo indução sobre n, temos:
- para n = 1, temos que m + 1 = 1 + m. (m e 1 são comutáveis)
- supomos válido para n = k, isto é, $m+k=k+m$ .
- Provaremos que é válido para n = k+1, ou seja, $m+(k+1)=(k+1)+m$ $m+(k+1)=(k+1)+m$ .
  - Assim, $m+(k+1)=^{1}(m+k)+1=^{2}(k+m)+1=^{3}k+(m+1)=^{4}k+(1+m)=^{5}(k+1)+m$ $m+(k+1)=^{1}(m+k)+1=^{2}(k+m)+1=^{3}k+(m+1)=^{4}k+(1+m)=^{5}(k+1)+m$
    - onde as igualdades 1, 3 e 5 ocorrem pela associatividade da adição, a igualdade 2 ocorre pela hipótese e a igualdade 4 ocorre pelo comuto de 1 e m.

Multiplicação dos naturais[editar | editar código-fonte]

Multiplicação de dois números naturais, m e n[editar | editar código-fonte]

$m\cdot n={\begin{matrix}\underbrace {m+m+...+m} \\n\;vezes\end{matrix}}$

Definição: multiplicação de m por (n+1)[editar | editar código-fonte]

$m\cdot (n+1)={\begin{matrix}\underbrace {m+m+...+m} \\n+1\;vezes\end{matrix}}={\begin{matrix}\underbrace {m+m+...+m} \\n\;vezes\end{matrix}}+m=mn+m$

Distributividade[editar | editar código-fonte]

Para quaisquer $m,n,p\in \mathbb {N} ,$ tem-se $m\cdot (n+p)=m\cdot n+m\cdot p$ .

Fixamos m,n como sendo naturais quaisquer e provaremos por indução sobre p. Pela definição é válido para p = 1, isto é, $m\cdot (n+1)=m\cdot n+m\cdot 1$ .
Supomos válido para p = k, ou seja, $m\cdot (n+k)=m\cdot n+m\cdot k$ .
Provemos ser válido para n = k+1: $m\cdot (n+(k+1))=^{1}m\cdot ((n+k)+1)=^{2}m\cdot (n+k)+m=^{3}(m\cdot n+m\cdot k)+m=^{4}m\cdot n+(m\cdot k+m\cdot 1)=^{5}m\cdot n+m\cdot (k+1)$ $m\cdot (n+(k+1))=^{1}m\cdot ((n+k)+1)=^{2}m\cdot (n+k)+m=^{3}(m\cdot n+m\cdot k)+m=^{4}m\cdot n+(m\cdot k+m\cdot 1)=^{5}m\cdot n+m\cdot (k+1)$ .
- onde a igualdade 1 ocorre pela definição de adição, as igualdades 2 e 5 ocorrem pela definição de multiplicação, a igualdade 3 pela hipótese e a igualdade 4 pela associatividade da adição.

Comuto de 1 e m na multiplicação[editar | editar código-fonte]

Para quaisquer $m\in \mathbb {N} ,$ tem-se que $m\cdot 1=1\cdot m$ .

Mostraremos por indução sobre m que a relação acima é válida para todo m natural.
Para m = 1, temos Para quaisquer $1\cdot 1=1\cdot 1$ , verdadeiro.
Supomos ser válido para m = k, ou seja, $k\cdot 1=1\cdot k$ .
Provaremos ser válido para m = k + 1:
- $1\cdot (k+1)=^{1}1\cdot k+1\cdot 1=^{2}k\cdot 1+1\cdot 1=^{3}(k+1)\cdot 1$ $1\cdot (k+1)=^{1}1\cdot k+1\cdot 1=^{2}k\cdot 1+1\cdot 1=^{3}(k+1)\cdot 1$ .
  - onde a igualdade 1 é dada pela definição de multiplicação, a igualdade 2 é devida a hipótese e a igualdade 3 é devida a distributividade dos naturais.

Comutatividade da Multiplicação[editar | editar código-fonte]

Para quaisquer $m,n\in \mathbb {N} ,$ tem-se $m\cdot n=n\cdot m$ .

Fixando m natural, faremos indução sobre n, mostraremos que a relação acima é válida para todo n natural.
para n = 1, temos $m\cdot 1=1\cdot m$ , que foi verificado ser verdadeiro no axioma anterior.
Supomos válido para n=k, ou seja, $m\cdot k=k\cdot m$ .
vamos provar que é válido para n=k+1:
- $m\cdot (k+1)=^{1}m\cdot k+m\cdot 1=^{2}k\cdot m+1\cdot m=^{3}(k+1)\cdot m$ $m\cdot (k+1)=^{1}m\cdot k+m\cdot 1=^{2}k\cdot m+1\cdot m=^{3}(k+1)\cdot m$ .
  - onde as igualdades 1 e 3 ocorrem pela definição de multiplicação e a igualdade 2 ocorre pelas hipóteses de indução para quando n=1 e para quando n = k.

Associatividade da multiplicação[editar | editar código-fonte]

$\forall m,n,p\in \mathbb {N} ,m\cdot (n\cdot p)=(m\cdot n)\cdot p$ .

Fixemos m,n naturais. Provaremos que é válido para todo p natural. Fazendo indução sobre p, temos:
- para p = 1, temos que $m\cdot (n\cdot 1)=m\cdot n=(m\cdot n)\cdot 1$ . (por definição de multiplicação por 1)
- supomos válido para p = k, isto é, $m\cdot (n\cdot k)=(m\cdot n)\cdot k$ .
- Provaremos que é válido para p = k+1, ou seja, $m\cdot (n\cdot (k+1))=(m\cdot n)\cdot (k+1)$ $m\cdot (n\cdot (k+1))=(m\cdot n)\cdot (k+1)$ .
  - Assim, $m\cdot (n\cdot (k+1))=^{1}m\cdot ((n\cdot k)+n)=^{2}(m\cdot (n\cdot k))+m\cdot n=^{3}((m\cdot n)\cdot k)+m\cdot n=^{4}(m\cdot n)\cdot (k+1)$ $m\cdot (n\cdot (k+1))=^{1}m\cdot ((n\cdot k)+n)=^{2}(m\cdot (n\cdot k))+m\cdot n=^{3}((m\cdot n)\cdot k)+m\cdot n=^{4}(m\cdot n)\cdot (k+1)$ .
    - onde as igualdades 1, 2 e 4 ocorre pela distributividade e a igualdade 3 ocorre pela hipótese de indução.

outras propriedades[editar | editar código-fonte]

Lei de corte para adição[editar | editar código-fonte]

$Se\;m,n,p\in \mathbb {N} \;e\;m+p=n+p,\;logo\;m=n$ .

Vamos fazer indução sobre p.
Mostrar válido para p = 1, ou seja, $m+1=n+1\Rightarrow m=n$ $m+1=n+1\Rightarrow m=n$ .
- Temos que s(m) = m + 1, mas pela hipótese s(m) = n + 1. Mas s(n) = n+1, assim m e n têm os mesmo sucessores. Pela identidade da sucessão, m = n.
Supor válido para p = k, ou seja, $m+k=n+k\Rightarrow m=n$ .
Mostrar válido para p = k+1:
- $m+k+1=n+k+1$ . Pela lei de sucessor identidade s(m+k)=s(n+k), implica que m+k=n+k e pela hipótese m = k.

Recíproca da Lei de corte para adição[editar | editar código-fonte]

$Se\;m,n,p\in \mathbb {N} \;e\;m=n,\;logo\;m+p=n+p$ .

Vamos fazer indução sobre p.
Mostrar válido para p = 1, ou seja, $m=n\Rightarrow m+1=n+1$ $m=n\Rightarrow m+1=n+1$ .
- como m = n, logo s(m) = s(n), ou seja, m + 1 = n + 1.
Supor válido para p = k, ou seja, $m=n\Rightarrow m+k=n+k$ .
Mostrar válido para p = k+1:
- $m+(k+1)=^{1}(m+k)+1=^{2}(n+k)+1=^{3}n+(k+1)$ $m+(k+1)=^{1}(m+k)+1=^{2}(n+k)+1=^{3}n+(k+1)$
  - onde as igualdades 1 e 3 ocorrem por associatividade da adição e a igualdade 2 ocorre pela hipótese da indução quando p=k.

Lei de corte para multiplicação[editar | editar código-fonte]

$Se\;m,n,p\in \mathbb {N} \;e\;m\cdot p=n\cdot p,\;logo\;m=n$ .

Vamos fazer indução sobre p.
Mostrar válido para p = 1, ou seja, $m\cdot 1=n\cdot 1\Rightarrow m=n$ .
Supor válido para p = k, ou seja, $m\cdot k=n\cdot k\Rightarrow m=n$ .
Mostrar válido para p = k + 1:
- $m\cdot (k+1)=^{1}m\cdot k+m\cdot 1=^{2}n\cdot k+n\cdot 1=^{3}n\cdot (k+1)\Rightarrow _{4}m=n$ $m\cdot (k+1)=^{1}m\cdot k+m\cdot 1=^{2}n\cdot k+n\cdot 1=^{3}n\cdot (k+1)\Rightarrow _{4}m=n$
  - onde as igualdades 1 e 3 ocorrem pela lei da distributividade, a igualdade 2 ocorre pela hipótese da indução quando p=k e a implicação 4 ocorre pela hipótese de indução de p = k.